架构师必备：实时对账与离线对账

题目描述一个可重复数字集合 S 的神秘数定义为最小的不能被 S 的子集的和表示的正整数。

例如 S{1,1,1,4,13}有11211311144541641174111。

8 无法表示为集合 S 的子集的和故集合 S 的神秘数为 8。

现给定长度为 n 的正整数序列 am 次询问每次询问包含两个参数 l,r你需要求出由 al​,al1​,⋯,ar​ 所组成的可重集合的神秘数。

输入格式第一行一个整数 n表示数字个数。

第二行 n 个正整数从 1 编号。

第三行一个整数 m表示询问个数。

输出格式对于每个询问输出一行对应的答案。

输入输出样例输入 #1复制5 1 2 4 9 10 5 1 1 1 2 1 3 1 4 1 5输出 #1复制2 4 8 8 8说明/提示对于 100% 的数据点1≤n,m≤105∑a≤109。

代码实现#includebits/stdc.h using namespace std; #define il inline #define rg register #define ll long long il int rd() { int res0,k1;char chgetchar(); while(ch9||ch

{if(ch-)k-1;chgetchar();} while(ch9ch

{resres*10ch-48;chgetchar();} return res*k; } il void wt(int x) { if(x

return putchar(-),wt(-x),void(); if(x

return putchar(x

,void(); return wt(x/

,wt(x%

,void(); } int lg[100005], a[100005], n, m; struct st { int st[100005][17]; ll sum[100005]; void init(int llim, int rlim) { sum[0]0; for(rg int i1;in;i) if(a[i]llima[i]rlim)st[i][0]a[i],sum[i]sum[i-1]a[i]; else st[i][0]0x3f3f3f3f,sum[i]sum[i-1]; for(rg int j1;(1j)n;j) for(rg int i1;i(1j)n1;i) st[i][j]min(st[i][j-1],st[i(1(j-

)][j-1]); } ll qry_min(int l, int r) { int dlg[r-l]; return min(st[l][d],st[r-(1d)1][d]); } ll qry_sum(int l, int r) { return sum[r]-sum[l-1]; } } b[30]; signed main() { nrd(); for(rg int i1;in;i) a[i]rd(); mrd(); for(rg int i2;in;i) lg[i]lg[i1]1; b[0].init(1,

; for(rg int i1,t2;i29;i,t1ll) b[i].init(t,tt-

; for(rg int i1,l,r;im;i) { lrd();rrd(); ll ans0; int t0; while(t

{ if(ans1llmin(b[t].qry_min(l,r),(1ll(t

)-

) break; ansb[t].qry_sum(l,r); t; } wt(ans1ll); puts(); } return 0; }

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